Часть II. Указания и решения 181

1. Треугольники..................................................................................... 181

1.1. Прямоугольные треугольники................................................. 181

1.2. Теоремы синусов и косинусов................................................ 208

1.3. Биссектриса, медиана, высота................................................ 238

1.4. Подобие треугольников.......................................................... 265

1.5. Площадь треугольника........................................................... 287

2. Окружности....................................................................................... 317

2.1. Углы в окружностях................................................................ 317

2.2. Касательные, хорды, секущие................................................. 347

4                                                                                                                                                         

3. Четырёхугольники и многоугольники................................................ 384

3.1. Параллелограммы.................................................................. 384

3.2. Трапеции................................................................................. 413

3.3. Четырёхугольники и многоугольники общего вида................. 446

4. Задачи на доказательство................................................................. 473

4.1. Треугольники........................................................................... 473

4.2. Многоугольники...................................................................... 484

4.3. Окружности............................................................................. 489

4.4. Площади................................................................................. 493

5. Задачи на построение....................................................................... 495

5.1. Алгебраический метод............................................................ 495

5.2. Метод геометрических мест точек.......................................... 503

5.3. Метод симметрии и спрямления............................................. 514

5.4. Метод параллельного переноса............................................. 524

5.5. Метод подобия....................................................................... 534

5.6. Метод поворота и смешанные задачи..................................... 545

6. Стереометрия.................................................................................... 554

6.2. Многогранники........................................................................ 554

6.3. Тела вращения........................................................................ 560

6.4. Комбинации тел....................................................................... 568

Задачи ЕГЭ последних лет                                                                           578

Варианты ДВИ МГУ последних лет                                                  580

Ответы                                                                                                        587

Список литературы                                                                                      596

 

 

От редактора

Уважаемый читатель, Вы держите в руках одну из книг серии «ВМК МГУ – шко- ле». Учебно-методические пособия, входящие в эту серию, являются результатом более чем десятилетнего труда коллектива авторов, работающих на подготови- тельных курсах факультета вычислительной математики и кибернетики (ВМК) МГУ имени М. В. Ломоносова. Сначала были созданы пособия для очных под- готовительных курсов, затем были разработаны электронные версии учебников, используемые при дистанционном обучении. На основе этого опыта подготовле- на серия книг для старшеклассников, одной из которых и является настоящее пособие.

Сейчас изданы пособия по алгебре, геометрии и физике. По каждому предмету вышли два пособия: основной курс и углубленный курс, содержащий сложные задачи единого государственного экзамена и нестандартные задачи вступительных экзаменов в вузы (в основном это задачи различных факультетов МГУ имени М.В. Ломоносова). Основной курс содержит все разделы соответствующего предмета, необходимые для решения задач первой части ЕГЭ и некоторых задач второй части, а также первой половины задач вариантов вступительных экзаменов в вузы. Углубленный курс содержит задачи, научившись решать которые, вы сможете решать все задачи ЕГЭ и все или почти все задачи олимпиад и вступительных экзаменов в вузы (за отведённое время можно просто физически не успеть решить все задачи).

В серии «ВМК МГУ – школе» вышли два пособия по информатике. Первое рекомендуется в качестве пособия при подготовке к ЕГЭ по информатике и ИКТ. Разделы этого пособия соответствуют темам, включенным в ЕГЭ. Второе – посо- бие по программированию – поможет вам подготовиться к экзамену по информа- тике, научиться решать задачи по программированию на языке Паскаль.

Отличительной особенностью наших пособий является то, что наряду с традиционными составляющими (теоретический раздел, примеры с решениями, задачи для самостоятельного решения) мы предлагаем решения всех предложен- ных задач с идеями и последовательными подсказками, помогающими решить задачу оптимальным способом без посторонней помощи. Это позволит ученику самостоятельно продвигаться в решении задачи так, как если бы за его спиной стоял учитель и направлял ход его мысли при решении трудных задач. Конечно, мы понимаем, что настоящего учителя не может заменить никакая книга, но если учителя рядом нет, то, как показал опыт наших дистанционных подготовитель-

ных курсов, наличие грамотных подсказок помогает учащимся самостоятельно научиться решать задачи. С помощью нашего пособия приобретение такого опыта учениками будет значительно облегчено. С другой стороны, наши пособия помо- гут молодым учителям вести занятия. Мы знаем на собственном опыте, что не всегда легко направлять ученика так, чтобы он сам догадался, как решить за- дачу. Второй особенностью наших пособий является спиралевидная схема подачи материала, когда каждая тема повторяется несколько раз, причём каж- дый раз на более сложном уровне, чем в предыдущий. Это позволяет не забывать пройденный материал и постепенно подходить к сложным задачам.

 

Заместитель декана по учебной работе факультета ВМК МГУ имени М. В. Ломоносова

М. В. Федотов

Предисловие

Предлагаемый «Углублённый курс» является естественным продолжением «Ос- новного курса» по геометрии и предполагает свободное владение методами и при- ёмами из «Основного курса».

Каждый раздел пособия содержит теоретические основы, описание методов ре- шения задач, примеры применения методов и набор заданий для решения. Задачи в разделах расположены по принципу «от простого – к сложному». Аналогичная ситуация имеет место и с последовательностью разделов, поэтому сами разделы и задачи в разделах рекомендуется изучать в предложенном порядке. Приступать к решению задач надо после изучения соответствующего теоретического матери- ала и разбора примеров. Если самостоятельное решение задачи вызывает труд- ности, рекомендуется воспользоваться системой указаний (подсказок). В случае, если Вам не удалось получить правильный ответ или у Вас возникли сомнения в правильности Вашего решения, рекомендуется изучить решение, предложенное авторами.

| |

Необходимо отметить, что в формулировках задач параллельно с математиче- ски более корректной терминологией типа «длина отрезка AB равна 5» и записью AB = 5 используется школьная терминология типа «отрезок AB равен 5» и за- пись AB = 5.

Рекомендуется школьникам при подготовке к сдаче единого государственного экзамена, абитуриентам при подготовке к поступлению как в МГУ, так и другие вузы, учителям математики, репетиторам, руководителям кружков и факульта- тивов, преподавателям подготовительных курсов.

Желаем удачи!

 

 

 

 

Часть I. Теория и задачи

 

Треугольники

Прямоугольные треугольники

Теоретический материал

Этот раздел всецело посвящен прямоугольным треугольникам. Для успешного решения задач, относящихся к этой теме, необходимо знать и уметь обосновывать все факты, перечисленные ниже по тексту.

1. Соотношения между длинами сторон и величинами углов в пря- моугольном треугольнике

Рассмотрим прямоугольный треуголь-

ник ABC, будем считать, что его угол C пря-

мой (то есть его величина равна π/ 2), дли-  A

ны отрезков AB, AC и BC (которые везде в пособии будут обозначены как | AB |, | AC |,

| BC |) равны c, b и a соответственно. Тогда

b

a = b · tg A = b · ctg B = c · sin A = c · cos B, b = a · tg B = a · ctg A = c · sin B = c · cos A,

a

C

a

B

c =         =

sin A

a

cos B

b

=

sin B

b

=       .

cos A

З а м е ч а н и е. Полезно знать, что эти формулы на самом деле есть не что иное,

как переписанные утверждения, вытекающие из определений тригонометрических функций величин острых углов, а именно:

Синус величины острого угла прямоугольного треугольника равен отношению длины катета, противолежащего этому углу, к длине гипотенузы;

Косинус величины острого угла прямоугольного треугольника равен отноше- нию длины катета, прилежащего к этому углу, к длине гипотенузы;

Тангенс величины острого угла прямоугольного треугольника равен отноше- нию длины катета, противолежащего этому углу, к длине катета, прилежаще- го к этому углу;

Котангенс величины острого угла прямоугольного треугольника равен отно- шению длины катета, прилежащего к этому углу, к длине катета, противоле- жащего этому углу.

 

2. Соотношения между длинами сторон и величинами углов в рав- нобедренном треугольнике

Пользуясь вышеизложенными фактами, полу-

чим непосредственно вытекающие из  них важные                   B

соотношения между длинами сторон, длиной вы-

соты, проведенной к основанию, и величинами уг- лов в равнобедренном треугольнике. Как показыва- ет практика, при решении задач очень часто возни- кают различные конфигурации, в которые входят равнобедренные треугольники, и, как следствие, возникает необходимость применять нижеприведён-

ные формулы. Рассмотрим равнобедренный тре-  A                        H                  C

| | | |

угольник ABC, в котором AB = BC, BH —

высота, проведенная к основанию AC. Справедли- вы следующие утверждения:

I. Длина боковой стороны равнобедренного треугольника равна частному дли- ны его основания и удвоенного косинуса величины угла при основании этого тре- угольника:

2 cos B AC

| A B | = | B C | =   | AC |      , | A C | = 2 · | A B |· cos B A C.

II. Длина высоты равнобедренного треугольника, проведенной к его основанию, равна частному длины этого основания и удвоенного котангенса величины угла при основании этого треугольника:

2 ctg BAC

| B H | =   | AC |    , | A C | = 2 · | B H |· ctg   B A C.

Доказательство этих фактов несложно: ясно, что прямоугольные треугольники

ABH   и CBH   равны по гипотенузе и катету. Из этого равенства вытекает, что

| AH | = | HC |, а, с другой стороны, из прямоугольного треугольника ABH следует, что | AH | = | AB |· cos B A C, | AH | = | BH |· ctg BA C. Поэтому

2 cos BAC

| A C | = 2 · | A H | = 2 · | A B |· cos   B A C          ⇐⇒ | A B | = | B C | =   | AC |   ;

2 ctg B AC

| A C | = 2 · | A H | = 2 · | B H |· ctg   B A C           ⇐⇒ | B H | =   | AC |    .

Утверждение доказано.

3. Формула площади прямоугольного треугольника

Площадь прямоугольного треугольника может быть вычислена как половина произведения длин его катетов S = ab  .

2

Доказательство этого факта практически очевидно – ясно, что если в прямо- угольнике, длины сторон которого равны a и b, провести диагональ, то он будет разделён на два равных прямоугольных треугольника, длины катетов которых

 

равны a и b. Осталось лишь вспомнить, что площадь прямоугольника равна про- изведению длин двух его смежных сторон, то есть ab.

4. Окружность, описанная около прямоугольного треугольника

Центр окружности, описанной около прямоугольного треугольника, находит- ся на середине его гипотенузы; длина радиуса этой окружности равна половине длины гипотенузы R = c  .

2

Для доказательства этого утверждения восполь-

зуемся тем, что центр окружности, описанной око- ло произвольного треугольника, лежит на пересече- нии серединных перпендикуляров к его сторонам. Рассмотрим прямоугольный треугольник ABC (угол C прямой), обозначим буквой K середину его сто-

роны BC, проведем через точку K прямую m, пер- A                            B

пендикулярную BC (она как раз и будет серединным перпендикуляром к отрезку BC) и обозначим буквой O точку пересечения m и AB.

Рассматривая прямоугольные треугольники ABC

и OBK, имеем cos B = | BK |: | OB | = | BC |: | AB |, из чего следует | OB |: | AB | = | BK |: | BC |. Но поскольку

| | | |

BK: BC = 1: 2, точка O – середина отрезка AB. Наконец, в силу того,

что серединный перпендикуляр к AB тоже проходит через точку O, точка O есть точка пересечения серединных перпендикуляров к сторонам треугольника ABC, то есть она является центром окружности, описанной около треугольника ABC. Длина радиуса этой окружности, очевидно, равна длине отрезка OA, то есть половине длины гипотенузы AB.

З а м е ч а н и е. Верно и обратное утверждение: если у некоторого треугольника центр описанной около него окружности находится на середине одной из его сто- рон (что эквивалентно тому, что длина радиуса этой окружности равна половине длины одной из его сторон), то этот треугольник прямоугольный.

5. Теорема Пифагора

В прямоугольном треугольнике сумма квадратов длин катетов равна квадра- ту длины гипотенузы (a ² + b ² = c ²).

Приведем доказательство этого факта. Рассмот-

рим четыре равных между собой прямоугольных P                      B              Q

треугольника ABP, BCQ, CDR и DAS, будем

считать, что

| AB | = | BC | = | CD | = | DA | = c,

A

| AP | = | BQ | = | CR | = | DS | = a,                                                                            C

| BP | = | CQ | = | DR | = | AS | = b,

| | | | | | | |

и расположим их так, как показано на рисунке. За- метим, что PQ = QR = RS = SP = a + b,

углы P, Q, R и S прямые, поэтому PQRS   – квад-     S              D                      R

рат. С другой стороны, из теоремы о сумме величин

углов треугольника вытекает, что сумма величин острых углов прямоугольного

 

треугольника равна π/ 2. Но тогда величины углов ABC, BCD, CDA и DAB

тоже равны π/ 2. Это следует из того, что, например, ABC + ABP + C BQ = π,

  ABP + C BQ = π/ 2. Пользуясь этим фактом и равенством длин отрезков AB,

BC, CD и DA, мы получаем, что ABCD тоже является квадратом.

2              2   2                             2   2   2

Наконец, очевидно, что площадь квадрата PQRS равна сумме площади квад- рата ABCD и учетверённой площади треугольника ABP. Пользуясь формулами площади квадрата и прямоугольного треугольника, находим

·

(a + b)² = c ² +4 ab

2

⇐⇒ a + 2 ab + b = c + 2 ab    ⇐⇒ a + b = c.

З а м е ч а н и е. Верна и обратная теорема: если в некотором треугольнике сумма квадратов длин двух его сторон равна квадрату длины его третьей стороны, то он прямоугольный.

6. Окружность, вписанная в прямоугольный треугольник

Длина радиуса окружности, вписанной в прямоугольный треугольник, равна полуразности суммы длин его катетов и длины его гипотенузы                                              r = a + b − c  .

2

Доказательство этого факта чуть более сложно, чем

предыдущие доказательства. Рассмотрим прямоуголь- B

ный треугольник ABC (угол C прямой), обозначим

центр вписанной в него окружности буквой O, точки её касания со сторонами AB, BC и AC – буквами K, M и L соответственно, а длину её радиуса – буквой r.

⊥            ⊥             ⊥

Ясно, что OK   AB,   OM    BC   и OL    AC. Из M

этого следует, что OLCM – квадрат (у четырёхуголь- ника OLCM три прямых угла, поэтому он прямоуголь-

ник, и равны длины смежных сторон OL и OM, поэто- C    L                        A

му он квадрат), стало быть, | CM | = | CL | = | OL | = r.

Также заметим, что равны пары прямоугольных треугольников AOL и AOK,

BOM и BOK (по гипотенузе и катету), из чего вытекает, что  | AL | = | AK |,

| BM | = | BK |. Наконец, запишем цепочку соотношений

| AB | = | AK | + | BK | = | AL | + | BM | =

= (| AC |− | CL |)+ (| BC |− | CM |) = | AC | + | BC |− 2 r,

откуда и следует требуемая формула.

З а м е ч а н и е. Обратное утверждение опять-таки верно: если длина радиуса окружности, вписанной в некоторый треугольник, может быть вычислена как по- луразность суммы длин двух его сторон и длины его третьей стороны, то этот треугольник прямоугольный.

7. Медианы прямоугольного треугольника

Длина медианы прямоугольного треугольника, проведённой к гипотенузе, рав- на половине длины гипотенузы, длина медианы, проведённой к катету, равна кор-

2

ню из суммы четверти квадрата длины этого катета и квадрата длины другого катета:

                                                  

c

m _c = 2, m _a =

  b 2 +

a 2

4, m _b =

a 2 + b.

4

1.1. Прямоугольные треугольники                                                            11

 

Доказательство этого факта тривиально. Рас- смотрим прямоугольный треугольник ABC (угол C                                                                                A

прямой), его медианы обозначим как AA ₁, BB ₁ и

CC ₁. Так как C ₁ – середина гипотенузы, то C ₁ – центр окружности, описанной около  треугольника

ABC, поэтому                                                        B1

| AC | = | BC | = | CC | = | AB |  .

1          1           1      2

C            A1                          B

Для нахождения длин отрезков AA ₁ и BB ₁ надо

всего лишь применить теорему Пифагора для тре- угольников AA ₁ C и BB ₁ C.

Следствие. Сумма квадратов длин медиан прямоугольного треугольника,

проведённых к катетам, в пять раз больше, чем квадрат длины его медианы, проведённой к гипотенузе (5 m ² = m ² + m ²).

c     a     b

З а м е ч а н и е. Опять-таки верны обратные утверждения: если в некотором тре-

угольнике длина медианы, проведённой к одной из его сторон, равна половине длины этой стороны или выполнено соотношение 5 m ² = m ² + m ², то этот тре-

c       a     b

угольник – прямоугольный.

8. Высоты прямоугольного треугольника

I. Длина высоты прямоугольного треугольника, проведённой к гипотенузе,

равна частному произведения длин катетов и длины гипотенузы h _c

= ab.

c

II. Квадрат длины высоты прямоугольного треугольника, проведённой к ги-

c

·

потенузе, равен произведению длин отрезков гипотенузы, на которые её делит основание этой высоты (h ² = c _a c _b).

Доказать эти утверждения несложно: возьмем

прямоугольный треугольник ABC (угол C пря- мой), проведём его высоту CH и с помощью соот- ношений между длинами сторон и величинами уг- лов в прямоугольном треугольнике выразим двумя способами синус величины угла A (рассмотрев тре- угольники ABC и ACH):

A

| AB |

| AC |

sin A = | BC |  , sin A = | CH |  =⇒

C

 

c_b    H  c_a B

 

=⇒  | BC | =   | CH |    ⇐⇒ | C H | =   | AC | · | BC |.

| AB |

| AC |

| AB |

С другой стороны, из прямоугольных треугольников ACH и BCH имеем

 

| AH |

| BH |

из чего, пользуясь тем, что tg A · tg B = | BC |  · | AC |  = 1, мы получаем требуемое

tg A = | CH |  , tg B = | CH |

  CH ²

||

| A H |· | B H |

=⇒ tg A · tg B =                      ,

соотношение:  | C H |2  = | A H |· | B H |.

| AC |

| BC |

12                                                                                            Теория и задач и

З а м е ч а н и е 1. Верны и обратные утверждения:

I. Если в некотором треугольнике длина высоты, проведённой к одной из его сторон, равна отношению произведения длин двух других его сторон и длины стороны, к которой проведена высота, то этот треугольник прямоугольный;

II. Если в некотором треугольнике квадрат длины высоты, проведённой к одной из его сторон, равен произведению длин отрезков, на которые её основание делит эту сторону, то этот треугольник прямоугольный.

З а м е ч а н и е 2. Ясно, что высота прямоугольного треугольника, проведённая к одному из его катетов, совпадает с другим его катетом. То есть h _a = b, h _b = a.

Отметим, что все приведённые обратные утверждения даны без доказательств. Это сделано по причине того, что их доказательства требуют применения различ- ных фактов, связанных с произвольными треугольниками и впрямую не относя- щихся к теме этого параграфа, или же решения различных тригонометрических уравнений. Тем не менее, попробуйте их доказать.

Наконец, перечислим некоторые факты, относящиеся к произвольным тре- угольникам, которые также необходимо знать и уметь использовать при решении задач, в которых встречаются прямоугольные треугольники.

В нижеприведённых формулах a, b, c – длины сторон произвольного треуголь- ника, A, B, C – величины соответствующих противолежащих им углов треуголь- ника, h _a, h _b, h _c – длины высот, проведённых к сторонам, длины которых равны a, b и c соответственно, p – полупериметр треугольника, r – длина радиуса вписан- ной в треугольник окружности, R – длина радиуса описанной около треугольника окружности.

Теорема о сумме величин внутренних углов треугольника

Сумма величин внутренних углов треугольника равна π. (Сумма градусных мер внутренних углов треугольников равна 180^◦.)

Теорема синусов:

a

=

sin A

b

sin B

c

=

sin C

 

= 2 R.

Теорема косинусов:

a ² = b ² + c ² − 2 bc cos A,    b ² = a ² + c ² − 2 ac cos B,    c ² = a ² + b ² − 2 ab cos C.

Различные формулы площади произвольного треугольника:

1                          1                          1

S = 2 · a · b · sin C = 2 · a · c · sin B = 2 · b · c · sin A,

1                1                1                             

S = · a · h   =  · b · h   =  · c · h, S = p (p − a)(p − b)(p − c),

2       ^a 2

b  2       c

abc                2

S = p · r,  S = 4 R,  S = 2 R · sin A · sin B · sin C.

Теоремы о медианах и высотах треугольника

Медианы треугольника пересекаются в одной точке и делятся этой точкой на отрезки, длины которых относятся как 2:1, считая от вершины.

Прямые, содержащие высоты треугольника, пересекаются в одной точке. Если треугольник остроугольный, то эта точка лежит внутри треугольника. Если он тупоугольный, то эта точка лежит вне него.

1.1. Прямоугольные треугольники                                                            13

 

Теоремы об описанной и вписанной окружностях

Около всякого треугольника можно описать окружность и притом только од- ну. Центр этой окружности лежит в точке пересечения серединных перпендику- ляров, проведённых к сторонам треугольника. Причем этот центр лежит внутри треугольника, если он остроугольный; вне треугольника, если он тупоугольный; на середине гипотенузы, если он прямоугольный.

Во всякий треугольник можно вписать окружность и притом только одну. Центр этой окружности лежит в точке пересечения биссектрис всех трёх внут- ренних углов треугольника, причем всегда внутри треугольника.

 

Примеры решения задач

П р и м е р  1.  В  треугольнике   A B C   из  вершины   B √  к  стороне   A √ C   проведены

медиана BM и высота BH. Известно, что  | AB | =  5, | BM | = 2 2, | BH | = 2.

Найдите длину стороны BC, если A BC + A CB < π/ 2.

 

Р е ш е н и е. При решении этой задачи главное –

выяснить, где находится основание высоты BH. Для этого рассмотрим данное нам  про величи-                                                       B

ны углов треугольника соотношение и использу-

ем теорему о сумме величин углов треугольника:

  ABC + ACB < π,

2

  BAC = π −   A BC + A CB           =⇒

2

2

=⇒ B AC > π − π   = π.

H        A     M       C

| |  | | |  |

Таким образом, угол BAC тупой. Из этого вытекает, что точка H лежит на продолжении стороны AC за точку A, поэтому AH + AM = HM. Применяя теорему Пифагора для треугольников BAH и BMH, получаем

| BH |2 + | AH |2 = | BA |2      =⇒  2² + | AH |2 = (√5)²   =⇒ | AH | = 1,

| BH |2 + | MH |2 = | BM |2       =⇒ 2² + | MH |2 = (2√2)²   =⇒  | MH | = 2.

| | |  |−| |

Отсюда вытекает, что AM = MH AH = 1. Далее, M – середина AC, значит,

| |  · | |       | | | | | |

AC = 2 AM = 2, а CH = AH + AC = 3.

Наконец, записываем теорему Пифагора для треугольника BHC:

2           2           2                       2    2   2

| BH | + | HC | = | BC |    =⇒  | BC | = 2 +3 = 13.

От ве т. | BC | = √13.

П р и м е р 2. Вне прямоугольного треугольника ABC на его катетах AC и BC построены квадраты ACDE и BCFG. Продолжение медианы CM треугольни- ка ABC пересекает прямую DF в точке N. Найдите длину отрезка CN, если известно, что | AC | = 1, | BC | = 4.

Ре ш е н и е. CM – медиана треугольника ABC, проведённая к его гипотенузе, значит, | AM | = | BM | = | CM | и треугольники ACM и BCM равнобедренные.

14                                                                                            Теория и задач и

С учётом этого и того, что углы FCN и MCA

C M   N

вертикальные, получаем                                        E          A

−

F CN = M CA = M AC = π                    M BC.

2

B

А из равенства прямоугольных треугольников FCD

и BCA (по двум катетам) вытекает равенство углов D

CFN и MBC. Отсюда следует, что

F CN + C FN = π

2

=     C NF = π.

⇒

2

То есть CN – высота треугольника FCD. Её длину

можно легко вычислить с помощью формулы длины             F                  G

высоты прямоугольного треугольника, проведённой к гипотенузе:

2           2 √  

| CD | · | CF |    4

 

От ве т.

| DF | =

4

√17.

| CF | + | CD |  =  17; | CN | =

| DF |  = √17.

П р и м е р  3.  В прямоугольном треугольнике A B C   биссектрис√а B E √  п рямого уг-

ла B делится центром O вписанной окружности в отношении 3: 2, считая от

вершины B. Найдите величины острых углов треугольника ABC.

 

Р е ш е н и е. Проведём из центра вписанной окружности радиусы OH, OK и OL в точки

касания её с гипотенузой и катетами, положим A

| | | | | |

OH = OK = OL = r.

Поскольку углы OKB, OLB, ABC прямые,

а | OK | =√| O L |, OKBL – квадрат. Поэтому

| BO | = r 2. Теперь выразим длину  отрез- K

ка OE. Так как BE – биссектриса угла ABC,

величина угла ABE равна π/ 4. Обозначим ве- личину угла A через α, тогда, так как сумма

величин углов треугольника ABE равна π, ве-   B    L